这个题其实就是tarjan缩点的板子题对吧....至少我是这么想的

首先这是个有向图，对于一个有向图，我们肯定要考虑环的存在与否，恰好这个题又是让我们找出最少的点，使得这几个点能够走遍全图

那么，显然，对于每一个强连通分量，我们看做一个点即可（因为强连通分量中每两个点之间一定能从一个点到另一个点，即从一个点出发一定能够走遍整个强连通分量）

缩完点之后，我们得到一个DAG，显然，对于每一个入度为零的点，我们都需要发布消息，其余入度不为零的点都可以通过这些入度为零的点走到

于是，这题就A了

#include 
    
     #include 
     
      #include 
      
       using namespace std;const int N=1e5+5;const int M=5e5+5;struct edge{    int to,next;}e[M];int n,m,dfn[N],low[N],cnt,head[N];int idx[N],s[N],top,tot,sum;bool ins[N];int ind[N],ans;inline void build(int u,int v){    e[++tot].next=head[u];    head[u]=tot;    e[tot].to=v;    return ;}inline void tarjan(int cur){    s[++top]=cur;ins[cur]=true;    dfn[cur]=low[cur]=++cnt;    for(int i=head[cur];i;i=e[i].next){        int k=e[i].to;        if(!dfn[k]){            tarjan(k);            low[cur]=min(low[cur],low[k]);        }else if(ins[k]) low[cur]=min(low[cur],dfn[k]);    }    if(low[cur]==dfn[cur]){        ++sum;        while(s[top+1]!=cur){            idx[s[top]]=sum;            ins[s[top--]]=false;        }    }    return ;}int main(){    scanf("%d%d",&n,&m);    for(int i=1;i<=m;++i){        register int u,v;        scanf("%d%d",&u,&v);        build(u,v);    }    for(int i=1;i<=n;++i) if(!dfn[i]) tarjan(i);    for(int i=1;i<=n;++i)        for(int j=head[i];j;j=e[j].next){            int k=e[j].to;            if(idx[i]!=idx[k]) ++ind[idx[k]];        }    for(int i=1;i<=sum;++i) if(!ind[i]) ++ans;    printf("%d\n",ans);    return 0;}